14．（5分）（2016•淄博）由一些相同的小正方体搭成的几何体的左视图和俯视图如图所示，请在网格中涂出一种该几何体的主视图，且使该主视图是轴对称图形．
【分析】根据俯视图和左视图可知，该几何体共两层，底层有9个正方体，上层中间一行有正方体，若使主视图为轴对称图形可使中间一行、中间一列有一个小正方体即可．
【解答】解：如图所示，
【点评】本题主 要考查三视图还原几何体及轴对称图形，解题的关键是根据俯视图和左视图抽象出几何体的大概轮廓．
15．（5分）（2016•淄博）若x=3﹣ ，则代数式x2﹣6x+9的值为 2 ．
【分析】根据完全平方公式，代数式求值，可得答案．
【解答】解：x2﹣6x+9=（x﹣3）2，
当x=3﹣ 时，原式=（3﹣ ﹣3）2=2，
故答案为：2．
【点评】本题考查了代数式求值，利用完全平方公式是解题关键．
16．（5分）（2016•淄博）某快递公司的分拣工小王和小李，在分拣同一类物件时，小王分拣60个物件所用的时间与小李分拣45个物件所用的时间相同．已知小王每小时比小李多分拣8个物件，设小李每小时分拣x个物件，根据题意列出的方程是 ．
【分析】先求得小王每小时分拣的件数，然后根据小王分拣60个物件所用的时间与小李分拣45个物件所用的时间相同列方程即可．
【解答】解：小李每小时分拣x个物件，则小王每小时分拣（x+8）个物件．[来源:Zxxk.Com]
根据题意得： ．
故答案为： ．
【点评】本题主要考查的是分式方程的应用，根据找出题目的相等关系是解题的关键．
17．（5分）（2016• 淄博）如图，⊙O的半径为2，圆心O到直线l的距离为4，有一内角为60°的菱形，当菱形的一边在直线l上，另有两边所在的直线恰好与⊙O相切，此时菱形的边长为 4 ．
【分析】过点O作直线l的垂线，交AD于E，交BC于F，作AG直线l于G，根据题意求出EF的长，得到AG的长，根据正弦的概念计算即可．
【解答】解：过点O作直线l的垂线，交AD于E，交BC于F，作AG直线l于G，
由题意得，EF=2+4=6，
∵四边形AGFE为矩形，
∴AG=EF=6，
在Rt△ABG中，AB= = =4 ．
故答案为：4 ．
【点评】本题考查的是切线的性质和菱形的性质，根据题意正确画出图形、灵活运用解直角三角形的知识是解题的关键．
三、解答题（共7小题，满分52分）
18．（5分）（2016•淄博）如图，一个由4条线段构成的“鱼”形图案，其中∠1=50°，∠2=50°，∠3=130°，找出图中的平行线，并 说明理由．
【分析】根据同位角相等，两直线平行证明OB∥AC，根据同旁内角互补，两直线平行证明OA∥BC．
【解答】解：OA∥BC，OB∥AC．
∵∠1=50°，∠2=50°，
∴∠1=∠2，
∴OB∥AC，
∵∠2=50°，∠3=130°，
∴∠2+∠3=180°，
∴OA∥BC．
【点评】本题考查的是平行线的判定，掌握平行线的判定定理：同位角相等，两直线平行；内错角相等，两直线平行；同旁内角互补，两直线平行是解题的关键．
19．（5分）（2016•淄博）解方程：x2+4x﹣1=0．
【分析】首先进行移项，得到x2+4x=1，方程左右两边同时加上4，则方程左边就是完全平方式，右边是常数的形式，再利用直接开平方法即可求解．
【解答】解：∵x2+4x﹣1=0
∴x2+4x=1
∴x2+4x+4=1+4
∴（x+2）2=5
∴x=﹣2±
∴x1=﹣2+ ，x2=﹣2﹣ ．
【点评】配方法的一般步骤：
（1）把常数项移到等号的右边；
（2）把二次项的系数化为1；
（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．
选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．
20．（8分）（2016•淄博）下面是淄博市2016年4月份的天气情况统计表：
日期 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15
天气 多云 阴 多云 晴 多云 阴 晴 晴 晴 多云 多云 多云 晴 晴 雨
日期 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25[来源:学科网] 26 27 28 29 30
天气 雨 多云 多云 多云 多云 晴 多云 多云 晴 多云 多云 多云 晴 晴 晴
（1）请完成下面的汇总表：
天气 晴 多云 阴 雨
天数 11 15 2 2
（2）根据汇总表绘制条形图；
（3）在该月中任取一天，计算该天多云的概率．
【分析】（1）由天气情况统计表可得晴、多云、阴、雨的天数；
（2）以天气为横轴、天数为纵轴，各种天气的天数为长方形的高，绘制四个长方形即可；
（3）根据概率公式计算可得．
【解答】解：（1）由4月份的天气情况统计表可知，晴天共11天，多云15天，阴2天，雨2天；完成汇总表如下：
天气 晴 多云 阴 雨
天数 11 15 2 2
（2）条形图如图：
（3）在该月中任取一天，共有30种等可能结果，其中多云的结果由15种，
∴该天多云的概率为 = ．
故答案为：（1）11、15、2、2．
【点评】本题主要考查条形图的绘制与概率的计算，条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据，确定每个项目的具体数目并绘制相应长方形是关键．
21．（8分）（2016•淄博）如图，抛物线y=ax2+2ax+1与x轴仅有一个公共点A，经过点A的直线交该抛物线于点B，交y轴于点C，且点C是线段AB的中点．
（1）求这条抛物线对应的函数解析式；
（2）求直线AB对应的函数解析式．
【分析】（1）利用△=b2﹣4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点得到4a2﹣4a=0，然后解关于a的方程求出a，即可得到抛物线解析式；
（2）利用点C是线段AB的中点可判断点A与点B的横坐标互为相反数，则可以利用抛物线解析式确定B点坐标，然后利用待定系数法求直线AB的解析式．
【解答】解：（1）∵抛物线y=ax2+2ax+1与x轴仅有一个公共点A，
∴△=4a2﹣4a=0，解得a1=0（舍去），a2=1，
∴抛物线解析式为y=x2+2x+1；
（2）∵y=（x+1）2，
∴顶点A的坐标为（﹣1，0），
∵点C是线段AB的中点，[来源:学*科*网Z*X*X*K]
即点A与点B关于C点对称，
∴B点的横坐标为1，
当x=1时，y=x2+2x+1=1+2+1=4，则B（1，4），
设直线AB的解析式为y=kx+b，
把A（﹣1，0），B（1，4）代入得 ，解得 ，
∴直线AB的解析式为y=2x+2．
【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点：对于二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0），△=b2﹣4ac决定抛物线与x轴的交点个数：△=b2﹣4ac＞0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b2﹣4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b2﹣4ac＜0时，抛物线与x轴没有交点．也考查了利用待定系数法求函数解析式．
22．（8分）（2016•淄博）如图，已知△ABC，AD平分∠BAC交BC于点D，BC的中点为M，ME∥AD，交BA的延长线于点E，交AC于点F．
（1）求证：AE=AF；
（2）求证：BE= （AB+AC）．
【分析】（1）欲证明AE=AF，只要证明∠AEF=∠AFE即可．
（2）作CG∥EM，交BA的延长线于G，先证明AC=AG，再证明BE=EG即可解决问题．
【解答】证明：（1）∵DA平分∠BAC，
∴∠BAD=∠CAD，
∵AD∥EM，
∴∠BAD=∠AEF，∠CAD=∠AFE，
∴∠AEF=∠AFE，
∴ AE=AF．
（2）作CG∥EM，交BA的延长线于G．
∵EF∥CG，
∴∠G=∠AEF，∠ACG=∠AFE，
∵∠AEF=∠AFE，
∴∠G=∠ACG，
∴AG=AC，
∵BM=CM．EM∥CG，
∴BE=EG，
∴BE= BG= （BA+AG）= （AB+AC）．
【点评】本题考查三角形中位线定理、角平分线的性质、等腰三角形的判定和性质等知识，解题的关键是添加辅助线，构造等腰三角形，以及三角形中位线，属于中考常考题型．
23．（9分）（2016•淄博）已知，点M是二次函数y=ax 2（a＞0）图象上的一点，点F的坐标为（0， ），直角坐标系中的坐标原点O与点M，F在同一个圆上，圆心Q的纵坐标为 ．
（1）求a的值；
（2）当O，Q，M三点在同一条直线上时，求点M和点Q的坐标；
（3）当点M在第一象限时，过点M作MN⊥x轴，垂足为点N，求证：MF=MN+OF．
【分析】（1）设Q（m， ），F（0， ），根据QO= QF列出方程即可解决问题．
（2）设M（t，t2），Q（m， ），根据KOM=KOQ，求出t、m的关系，根据QO=QM列出方程即可解决问题．
（3）设M（n，n2）（n＞0），则N（n，0），F（0， ），利用勾股定理求出MF即可解决问题．
【解答】解：（1）∵圆心O的纵坐标为 ，
∴设Q（m， ），F（0， ），
∵QO=QF，
∴m2+（ ）2=m2+（ ﹣ ）2，
∴a=1，
∴抛物线为y=x2．
（2）∵M在抛物线上，设M（t，t2），Q（m， ），
∵O、Q、M在同一直线上，
∴KOM=KOQ，
∴ = ，
∴m= ，
∵QO=QM，
∴m2+（ ）2=（m﹣t）2=（ ﹣t2）2，
整理得到：﹣ t2+t4+t2﹣2mt=0，
∴4t4+3t2﹣1=0，
∴（t2+1）（4t2﹣1）=0，
∴t1= ，t2=﹣ ，
当t1= 时，m1= ，
当t2=﹣ 时，m2=﹣ ．
∴M1（ ， ），Q1（ ， ），M2（﹣ ， ），Q2（﹣ ， ）．
（3）设M（n，n2）（n＞0），
∴N（n，0），F（0， ），
∴MF= = =n2+ ，MN+OF=n2+ ，
∴MF=MN+OF．
【点评】本题考查二次函数的应用、三点共线的条件、勾股定理等知识，解题的关键是设参数解决问题，把问题转化为方程解决，属于中考常考题型．
24．（9分）（2016•淄博）如图，正方形ABCD的对角线相交于点O，点M，N分别是边BC，CD上的动点（不与点B，C，D重合），AM，AN分别交BD于点E，F，且∠MAN始终保持45°不变．
（1）求证： = ；
（2）求证：AF⊥FM；
（3）请探索：在∠MAN的旋转过程中，当∠BAM等于多少度时，∠FMN=∠BAM？写出你的探索结论，并加以证明．
【分析】（1）先证明A、B、M、F四点共圆，根据圆内接四边形对角互补即可证明∠AFM=90°，根据等腰直角三角形性质即可解决问题．
（2）由（1）的结论即可证明．
（3）由：A、B、M、F四点共圆，推出∠BAM=∠EFM，因为∠BAM=∠FMN，所以∠EFM=∠FMN，推出MN∥BD，得到 = ，推出BM=DN，再证明△ABM≌△ADN即可解决问题．
【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是正方形，
∴∠ABD=∠CBD=45°，∠ABC=90°，
∵∠MAN=45°，
∴∠MAF=∠MBE，
∴A、B、M、F 四点共圆，
∴∠ABM+∠AFM=180°，
∴∠AFM=90°，
∴∠FAM=∠FMA=45°，
∴AM= AF，
∴ = ．
（2）由（1）可知∠AFM=90°，
∴AF⊥FM．
（3）结论：∠BAM=22.5时，∠FMN=∠BAM
理由：∵A、B、M、F四点共圆，
∴∠BAM=∠EFM，
∵∠BAM=∠FMN，
∴∠EFM=∠FMN，
∴MN∥BD，
∴ = ，∵CB=DC，
∴CM=CN，
∴MB=DN，
在△ABM和△ADN中，
，
∴△ABM≌△ADN，
∴∠BAM=∠DAN，
∵∠MAN=45°，
∴∠BAM+∠DAN=45°，
∴∠BAM=22.5°．
【点评】本题考查四边形综合题、等腰直角三角形性质、四点共圆、全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是利用四点共圆的性质解决问题，题目有点难，用到四点共圆．
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